首先,研究图的λ'-最优性并有如下结果.
定理2 设G是λ'-连通围长大于等于5的图,δ(G)≥2.若n≤2δ+1,则G是λ'-最优的.
证明 反证法.设λ'<ξ,则存在一个λ'-割S=[X,Y],有|X|,|Y|≥2.令X1X,且X1中的每个点至少关联[X,Y]中的一条边,X0=X-X1.注意到围长大于等于5,分两种情况讨论.
情形1 X0=.
根据假设X中的每个点至少关联[X,Y]中的一条边,取边e=xy∈E(G[X]),有
ξ(G)≤d(x)+d(y)-2=|N(x)|+|N(y)|-
2=|(N(x)∩X)\{y}|+|N(x)∩Y|+
|(N(y)∩X)\{x}|+|N(y)∩Y|≤
|[{x,y},Y]|+|[X\{x,y},Y]|=
|[X,Y]|=λ'(G),
矛盾.
情形2 X0≠.
情形2.1 G[X0]是独立集.令x∈X0,y∈X1且xy∈E(G[X]),则N(x)X1.类似于情形1,一样可以得到矛盾.
情形2.2 设边e=xy∈E(G[X0]).由于N(x)X,N(y)X,有
|X|=|X1|+|X0|≥|N(x)∪N(y)-x-y|+
2≥min{d(x)-1,d(y)-1}+2≥δ+1.
同样地,有|Y|≥δ+1,则n≥2δ+2,矛盾.
下面介绍一个有用的引理.
引理1 设G是λ'-连通围长大于等于5的图,且δ(G)≥2,则存在一个λ'-割[X,Y],其中两个不交点集X,YV(G),X∪Y=V(G)且|[X,Y]|=λ'.如果λ'<ξ,则|X|,|Y|≥ξ+2.
证明反证法 根据假设有|X|,|Y|≥2.令X1X,且X1中的每个点至少关联[X,Y]中的一条边,X0=X-X1.注意到围长大于等于5,分两种情况讨论.
情形1 X0=.
则X中的每个点至少关联[X,Y]中的一条边.取边e=xy∈E(G[X]),可以得到
ξ(G)≤d(x)+d(y)-2=|N(x)|+|N(y)|-
2=|(N(x)∩X)\{y}|+|N(x)∩Y|+
|(N(y)∩X)\{x}|+|N(y)∩Y|≤|[{x,
y},Y]|+|[X\{x,y},Y]|=|[X,Y]|=λ'(G).
矛盾.
情形2 X0≠.
情形2.1 G[X0]是独立集.设x∈X0,y∈X1且xy∈E(G[X]),则N(x)X1.注意到围长大于等于5,有
ξ(G)≤d(x)+d(y)-2=|N(x)|+|N(y)|-
2=|(N(x)∩X)\{y}|+|(N(y)∩X)\{x}|+
|N(y)∩Y|=|(N(x)∩X)\{y}|+
|(N(y)∩X0)\{x}|+|N(y)∩X1|+|N(y)∩
Y|≤|(N(x)∩X)\{y}|+
∑u∈(N(y)∩X0)\{x}|N(u)∩X1|+|N(y)∩X1|+
|N(y)∩Y|≤|[{x,y},Y]|+
|[X\{x,y},Y]|=|[X,Y]|=λ'(G).
矛盾.
情形2.2 取一条边e=xy∈E(G[X0]).因为围长大于等于5以及N(x)∩N(y)=,N(x)X,N(y)X.因此,
|X|=|X1|+|X0|≥d(x)-1+d(y)-1+2≥d(x)+d(y)≥ξ(e)+2≥ξ(G)+2.
同样地,有|Y|≥ξ(G)+2.
推论1 设G是λ'-连通围长大于等于5的n阶图,且δ(G)≥2.若n≤2ξ(G)+3,则G是λ'-最优的.
引理2[5]
(i)设a1,a2,…,ap,A是正实数且∑pi=1ai≤A,则
∑pi=1(1/ai)≥p2/A.
(ii)如果a1,a2,…,ap,A是正整数且∑pi=1ai≤A,a,b是整数有A=ap+b且0≤b≤p,则
∑pi=1(1/ai)≥(p-b)/a+b/(a+1).
其中等号成立的充要条件是p-b个ai等于a,其余的ai等于a+1.
(iii)设f(x)是区间[L,R]上的连续凸函数,若l,r∈[L,R],且l+r=L+R,则f(L)+f(R)≥f(l)+f(r).
定理3 设G是λ'-连通围长大于等于5的n阶图,且δ(G)≥2,如果
R(G)<2+(n-2δ-ξ+1)/((n-2δ+1)(n-2δ))+1/δ-(ξ-1)/(2δ(2δ-1)),
则G是λ'-最优的.
证明 设G不是λ'-最优的,即λ'<ξ.根据引理1,则存在一个λ'-割[X,Y],其中两个不交点集X,YV(G),X∪Y=V(G)且|[X,Y]|=λ',使得
|X|,|Y|≥ξ(G)+2≥2δ,
有2δ≤|X|,|Y|≤n-2δ.
进一步地,∑x∈Xd(x)≤|X|(|X|-1)+λ'.由引理2的(ii),有
∑x∈X1/(d(x))≥(|X|-λ')/(|X|-1)+(λ')/(|X|)=1+1/(|X|-1)-(λ')/(|X|(|X|-1)).
图G有一个度为δ的点v.不失一般性地,假设v∈Y,则∑y∈Y,vd(y)≤(|Y|-1)2+λ'.由引理2的(ii),有
∑y∈Y1/(d(y))≥1/δ+(|Y|-1-λ')/(|Y|-1)+(λ')/(|Y|)=1+1/δ-
(λ')/(|Y|(|Y|-1)).
由1/(|X|-1)≥1/(n-2δ-1),可以得到
R(G)≥2+1/δ+1/(n-2δ-1)-(λ')/(|Y|(|Y|-1))-(λ')/(|X|(|X|-1)).
考虑函数f(t)=1/(t(t-1)),容易验证t>0时,f ″(t)>0,因此f是凸的.又由于|X|,|Y|≥2δ,|X|+|Y|=n.将引理2的(iii)应用到函数f(t),则有
1/(|X|(|X|-1))+1/(|Y|(|Y|-1))≤
1/(2δ(2δ-1))+1/((n-2δ)(n-2δ-1)).
又因为λ'≤ξ-1,有
R(G)≥2+1/δ+1/(n-2δ-1)-
(ξ-1)/(2δ(2δ-1))-(ξ-1)/((n-2δ)(n-2δ-1))=2+
(n-2δ-ξ+1)/((n-2δ+1)(n-2δ))+1/δ-(ξ-1)/(2δ(2δ-1)).
矛盾.
钻石图就是完全图K4去掉任意一条边.类似于引理1有如下结论:
引理3 设G是λ'-连通最小度大于等于2且不含钻石的图,S=[X,Y]是一个λ'-割.不妨设|X|≤|Y|,存在一个点v∈X,且v在一个三角形上,有|N(v)∩Y|≥2.如果λ'<ξ,则|X|,|Y|≥ξ+1.
证明类似于引理1.
推论2 设G是λ'-连通最小度大于等于2且不含钻石的图,S=[X,Y]是一个λ'-割.不妨设,|X|≤|Y|,存在一个点v∈X,且v在一个三角形上,有|N(v)∩Y|≥2.如果n≤2ξ(G)+1,则G是λ'-最优的.
定理4 设G是λ'-连通最小度大于等于2且不含钻石的图,S=[X,Y]是一个λ'-割.不妨设|X|≤|Y|,存在一个点v∈X,且v在一个三角形上,有|N(v)∩Y|≥2.如果
R(G)<2+(n-2δ-ξ+2)/((n-2δ+1)(n-2δ))+1/δ-
(ξ-1)/((2δ-2)(2δ-1)),
则G是λ'-最优的.
证明 设G不是λ'-最优的,根据引理3,有|X|,|Y|≥ξ+1≥2δ-1.进而有
∑y∈Yd(y)≤|Y|(|Y|-1)+λ'.
由引理2的(ii),有
∑y∈Y1/(d(y))≥(|Y|-λ')/(|Y|-1)+(λ')/(|Y|)=1+1/(|Y|-1)-
(λ')/(|Y|(|Y|-1)).
图G有一个度为δ的点v.不妨设v∈X.那么有
∑x∈X,vd(x)≤(|X|-1)2+λ',
由引理2的(ii),得
∑x∈X1/(d(x))≥1/δ+(|X|-1-λ')/(|X|-1)+(λ')/(|X|)=
1+1/δ-(λ')/(|X|(|X|-1)).
又因为1/(|Y|-1)≥1/(n-2δ),则有
R(G)≥2+1/δ+1/(n-2δ)-(λ')/(|Y|(|Y|-1))-(λ')/(|X|(|X|-1)).
考虑函数g(t)=1/(t(t-1)),容易验证t>0时,g″(t)>0,所以g是凸函数.因为 |X|,|Y|≥2δ-1,|X|+|Y|=n,应用引理2的(iii),有
1/(|X|(|X|-1))+1/(|Y|(|Y|-1))≤
1/((2δ-2)(2δ-1))+1/((n-2δ+1)(n-2δ)).
注意到λ'≤ξ-1,则
R(G)≥2+1/δ+1/(n-2δ)-(ξ-1)/((2δ-2)(2δ-1))-(ξ-1)/((n-2δ+1)(n-2δ))=2+
(n-2δ-ξ+2)/((n-2δ+1)(n-2δ))+1/δ-
(ξ-1)/((2δ-2)(2δ-1)).
矛盾.